Разбор заданий: ответы к Олимпиаде МОШ по Генетике 9 10 11 класс, отборочный этап для г. Москвы на 22.11.2025 г. Включает в себя авторский разбор вопросов для 9 класса. Материалы являются официальными взяты и опубликованы в ознакомительных целях
Скачать можно - https://t.me/addlist/ZEPpKgnkv9dmNDBi
Скачать можно - https://t.me/addlist/ZEPpKgnkv9dmNDBi
Отборочный тур МОШ по Генетике 9 класс
Задание 1. Ихтиоз — редкое рецессивное заболевание, сцепленное с X-хромосомой, характеризующееся нарушением ороговения кожи. Мужчина с ихтиозом вступает в брак со здоровой женщиной, в семье которой это заболевание никогда не встречалось. У этой пары рождается дочь, которая в будущем выходит замуж за здорового мужчину. Какова вероятность того, что первый ребенок этой дочери будет страдать ихтиозом?
а) 100%
б) 50%
в) 25%
г) 12,5%
→ Узнать ответ
Задание 2. Гены A, B, C, D и E наследуются независимо. Аллели в каждой паре взаимодействуют по типу полного доминирования. Выберите верное утверждение.
Организм с генотипом AaBBCCDdEE производит больше типов гамет, чем организм с генотипом aaBbCcDdEE;
Организм с генотипом AaBbCcDDEE производит 6 типов гамет;
При скрещивании организмов с генотипами aaBbCcDDEe и AABBCcDdEe в потомстве наблюдается 4 фенотипа
При скрещивании организмов с генотипами aaBbCcDDEe и AABBCcDdEe в потомстве наблюдается 4 генотипа.
→ Узнать ответ
Задание 3. Мальчик Митя решил изучить наследование окраски шерсти у мышей (моногенный признак). Он скрещивал желтых мышей, обработав данные, Митя сделал вывод о расщеплении 2:1 (две желтых и одна черная). Предположите причину отклонения данного расщепления от менделевского.
Ген находится в митохондриальной ДНК;
Митя ошибся, и за окраску отвечают 2 гена;
Ген сцеплен с полом;
Рецессивные гомозиготы по этому гену летальны.
→ Узнать ответ
Скачать можно - https://t.me/addlist/ZEPpKgnkv9dmNDBi
Скачать можно - https://t.me/addlist/ZEPpKgnkv9dmNDBi
Задание 4. У диплоидного организма пол задаётся одним геном с пятью аллелями (A, B, C, D, E), где каждая из возможных гомо- и гетерозиготных комбинаций соответствует уникальному полу. Сколько всего различных полов существует в такой системе?
а) 5
б) 25
в) 15
г) 10
→ Узнать ответ
Задание 5. Яркая окраска шмеля служит предупреждением для хищников (пример апосематизма). На рисунке представлены результаты исследования генетического контроля окраски брюшка у шмеля Bombus melanopygus. У этих шмелей щетинки на определенных сегментах брюшка могут становиться либо чёрными, либо рыжими (оранжевыми). Известно, что за развитие и дифференцировку сегментов тела у насекомых отвечают гены комплекса Bithorax, в частности, гены Ubx, abd-A и Abd-B. На нижней панели показаны последовательные стадии развития. На графике отображена динамика экспрессии трёх генов комплекса Bithorax в ходе развития куколки и у взрослых особей.
Выберите верное утверждение.
Решающую роль в определении будущей рыжей окраски сегментов брюшка играет резкое повышение экспрессии гена Abd-B непосредственно перед вылуплением особи
Подъём экспрессии гена Abd-B на завершающих стадиях развития куколки является причиной развития чёрной окраски щетинок на брюшке шмеля;
Различия в окраске брюшка между разными особями шмелей проявляются только после завершения стадии куколки, в течение вторых суток жизни насекомого;
Экспрессия гена Ubx находится на постоянно высоком уровне в течении всего развития и напрямую определяет характер пигментации сегментов брюшка;
→ Узнать ответ
Задание 6. При изучении формирования передне-задней оси тела у комара-звонца (Chironomus riparius) и дрозофилы были проведены следующие эксперименты: Опыт 1: Отключение гена panish у комара приводило к развитию безголовых личинок с двумя хвостовыми отделами. Опыт 2: Введение мРНК гена panish в задний конец зародыша комара не вызывало формирования второй головы. Опыт 3: Отключение гена tailless у комара приводило к развитию уродливого двухголового эмбриона. Опыт 4: После отключения гена panish у зародыша комара экспрессия гена tailless, который в норме наблюдается только в задней части, начинала обнаруживаться по всему эмбриону. Опыт 5: У дрозофилы введение мРНК гена bicoid в задний конец зародыша приводит к формированию второй головы. Выберите верное утверждение, которое следует из результатов этих экспериментов.
Ген panish у комара кодирует белок, который равномерно распределяется по всему эмбриону и активирует «головные» гены;
Ген bicoid у дрозофилы и ген panish у комара идентичны по своей функции и механизму действия.
Ген tailless у комара является ключевым активатором, необходимым для развития головного конца тела;
Ген panish у комара функционирует как репрессор, подавляя экспрессию «хвостовых» генов (например, tailless) в передней части зародыша;
→ Узнать ответ
Задание 7. Филотипическая стадия — это период эмбриогенеза, на котором зародыши в пределах одного типа животных демонстрируют максимальное сходство. Согласно модели «песочных часов», изменчивость эмбрионов из разных таксонов на этой стадии минимальна. В эксперименте по проверке этой модели ученые вывели 19 линий нематоды C. elegans, в которых в течение 250 поколений накапливались случайные мутации при отсутствии давления отбора. Анализ изменчивости экспрессии генов показан на картинке. Наиболее консервативными оказались гены интеграции — гены, которые координируют совместное развитие зародышевых листков и не работают, если клетки этих листков культивировать по отдельности. Какое утверждение, объясняющее этот результат, является верным?
Мутации не затрагивают гены, работающие на средних стадиях развития, так как эти гены защищены от повреждений особыми механизмами репарации ДНК;
Филотипическая стадия (4-5 стадии у нематод) наиболее консервативна, потому что на ней наиболее активны гены интеграции, координирующие развитие зародышевых листков, и нарушение их работы критично для выживания даже в отсутствие отбора;
Наибольшая консервативность филотипической стадии объясняется исключительно активностью HOX-генов, тогда как гены, координирующие зародышевые листки, показали высокую изменчивость.
Отсутствие отбора привело к тому, что все стадии развития стали одинаково изменчивыми, а наблюдаемый минимум на 6-7 стадиях является статистической погрешностью;
→ Узнать ответ
Скачать можно - https://t.me/addlist/ZEPpKgnkv9dmNDBi
Скачать можно - https://t.me/addlist/ZEPpKgnkv9dmNDBi
Задание 8. Для передачи сигналов о различных абиотических стрессах в клетках растений важен вторичный посредник, структура которого изображена на рисунке ниже.
Данное соединение:
а) Является динуклеотидом
б) Содержит 2 N-гликозидные связи
в) Содержит гуанин
г) Синтезируется РНК-полимеразой
→ Узнать ответ
Задание 9. В пластидах растений как правило функционируют две РНК-полимеразы. Одна (NEP) имеет фаговое происхождение, она является мономерным белком, кодируется ядерным геномом и транскрибирует гены домашнего хозяйства пластид. Другая (PEP) напоминает бактериальную РНК-полимеразу и состоит из нескольких субъединиц. Эта РНК-полимераза транскрибирует гены, связанные с выполнением пластидами своих функций, ее коровая часть закодирована в пластидном геноме.
интересно, инициация транскрипции РНК-полимеразы PEP полностью зависит от ядерного генома. Это с связано с тем, что:
а) В ядре закодирована σ-субъединица (сигма-субъединица) этой полимеразы
б) В ядре закодированы ферменты, вносящие в промоторы генов модификации, необходимые для связывания данной РНК-полимеразы
в) Все пластидные белки транслируются цитоплазматическими 80S-рибосомами
г) В ядре закодированы белки, вызывающие деградацию данной РНК-полимеразы
→ Узнать ответ
Задание 10. Сплайсинг в эукариотических клетках – очень вариативный процесс (классический механизм сплайсинга приведен на рисунке ниже). Например, в растительных клетках распространено явление, при котором в результате сплайсинга образуются кольцевые молекулы ДНК.
На рисунке ниже изображена экзон-интронная структура некоторого гена.
Выберите пару сплайс-сайтов, взаимодействие между которыми с наибольшей вероятностью приведет к образованию кольцевой РНК, если считать, что свободные структуры лассо быстро разрушаются.
а) 5’ сплайс-сайт интрона A и 3’ сплайс-сайт интрона C
б) 5’ сплайс-сайт интрона B и 5’ сплайс-сайт интрона A
в) 5’ сплайс-сайт интрона C и 3’ сплайс-сайт интрона C
г) 5’ сплайс-сайт интрона D и 3’ сплайс-сайт интрона B
→ Узнать ответ
Задание 11. В процессе прорастания семян растений важную роль может играть циркумнутация – процесс спирального роста зародышевого корешка. В сигнальном каскаде, обеспечивающем циркумнутацию, ключевую роль играет этилен, а также другие фитогормоны, такие как ауксины и цитокинины. Известно, что у мутанта по гену HK1 – гистидинкиназы 1 (мутант обозначен, как hk1) не происходит циркумнутация. Для выяснения места гистидинкиназы 1 в сигнальном каскаде был проведен анализ эффектов от действия зеатина (один из цитокининов) и 1-NAA (аналог ауксина) на мутантов (hk1), а также NPA (антагонист ауксина) на растения дикого типа (WT, DMSO – отрицательный контроль).
Выберите из предложенных схем сигнального каскада ту, которая наилучшим образом описывает наблюдаемые эффекты:
→ Узнать ответ
Задание 12. На рисунке ниже изображен жизненный цикл сине-зеленой водоросли ностока (Nostoc sp.). Внимательно изучив данный жизненный цикл, укажите, на каком его этапе происходит редукционное деление (мейоз):
а) в процессе дифференциации вегетативных клеток в гормогонии
б) в процессе созревания гетероцисты
в) в процессе созревания акинеты
г) редукционного деления в жизненном цикле нет
→ Узнать ответ
Скачать можно - https://t.me/addlist/ZEPpKgnkv9dmNDBi
Скачать можно - https://t.me/addlist/ZEPpKgnkv9dmNDBi
Задание 13. На изображении схематично представлен процесс конъюгации у бактерий. Выберите НЕВЕРНОЕ утверждение, связанное с этим процессом.
Перенос гена, ответственного за устойчивость к антибиотику, с помощью конъюгации может быстро приводить к формированию устойчивой популяции бактерий;
Конъюгация является механизмом горизонтального переноса генетического материала, повышающим генетическое разнообразие бактериальной популяции;
Для начала конъюгации донорская клетка синтезирует специфическую пилю, которая служит каналом для переноса хромосомной ДНК.
При конъюгации происходит однонаправленная передача одноцепочечной ДНК от донорской клетки к реципиентной;
→ Узнать ответ
Задание 14. Ученые изучали последовательность триптофансинтетазы E. coli. Белок дикого типа (1) имеет глицин в позиции 38. Ученые выделили два неактивных мутанта триптофансинтетазы: 2 и 3. У мутанта 2 в позиции 38 вместо глицина находился аргинин, а у мутанта 3 в позиции 38 – глутамин. Мутанты 2 и 3 были высеяны на минимальную среду (без триптофана). Появляющиеся колонии соответствуют спонтанным мутациям, которые восстановили функцию триптофансинтетазы. Аминокислота в позиции 38 была идентифицирована, как описано на рисунке. Предположим, что каждая замена аминокислоты происходит в результате замены одной пары оснований. Выберите верное утверждение о 38 кодоне триптофансинтетазы.
а) Мутант 2 произошел в ходе замены во втором положение кодона
б) Штаммы 4 и 5, скорее всего, имеют ту же последовательность кодона, что и штамм дикого типа
в) Кодон в мутанте 10 — 5’GUA3’
г) Кодон в мутанте 6 — 5’AGC3’
→ Узнать ответ
Задание 15. На рисунке представлен жизненный цикл сумчатого гриба. Внимательно проанализируйте его и выберите верное утверждение.
Самой короткой стадией в жизненном цикле является гаплоидная;
Мейоз происходит при образовании гамет (подвижных половых клеток, которые различаются по форме: мужские гаметы маленькие и несут жгутик, а женские гаметы – крупные и безжгутиковые);
Плодовое тело гриба и его соматический мицелий обычно гаплоидные;
Дикариотическая стадия (n+n) образуется при слиянии первичного гаплоидного мицелия и затем формирует плодовое тело.
→ Узнать ответ
Скачать можно - https://t.me/addlist/ZEPpKgnkv9dmNDBi
Скачать можно - https://t.me/addlist/ZEPpKgnkv9dmNDBi
Отборочный тур МОШ по Генетике 10 класс
Задание 1. У диплоидного организма пол задаётся одним геном с шестью аллелями (A, B, C, D, E, F), где каждая из возможных гомо- и гетерозиготных комбинаций соответствует уникальному полу. Сколько всего различных полов существует в такой системе?
а) 6
б) 36
в) 21
г) 15
→ Узнать ответ
Задание 2. Мальчик Митя решил изучить наследование окраски шерсти у мышей (моногенный признак). Он скрещивал желтых мышей, обработав данные, Митя сделал вывод о расщеплении 2:1 (две желтых и одна черная). Предположите причину отклонения данного расщепления от менделевского.
а) Ген сцеплен с полом
б) Ген находится в митохондриальной ДНК
в) Митя ошибся, и за окраску отвечают 2 гена
г) Рецессивные гомозиготы по этому гену летальны.
→ Узнать ответ
Задание 3. Проявление признака контролируется четырьмя генами (A, B, C, D), которые взаимодействуют по типу кумулятивной полимерии. Каждый доминантный аллель вносит равный вклад в развитие признака. Выберите пару генотипов, которые будут иметь одинаковое фенотипическое проявление.
а) AaBBccDd и AABbccDD
б) aaBBCCDd и AaBbCcDD
в) aabbccdd и AABBCCDD
г) AaBBCCDd и aaBbCcDd
→ Узнать ответ
Скачать можно - https://t.me/addlist/ZEPpKgnkv9dmNDBi
Скачать можно - https://t.me/addlist/ZEPpKgnkv9dmNDBi
Задание 4. При изучении формирования передне-задней оси тела у комара-звонца (Chironomus riparius) и дрозофилы были проведены следующие эксперименты: Опыт 1: Отключение гена panish у комара приводило к развитию безголовых личинок с двумя хвостовыми отделами. Опыт 2: Введение мРНК гена panish в задний конец зародыша комара не вызывало формирования второй головы. Опыт 3: Отключение гена tailless у комара приводило к развитию уродливого двухголового эмбриона. Опыт 4: После отключения гена panish у зародыша комара экспрессия гена tailless, который в норме наблюдается только в задней части, начинала обнаруживаться по всему эмбриону. Опыт 5: У дрозофилы введение мРНК гена bicoid в задний конец зародыша приводит к формированию второй головы. Опираясь на описание экспериментов, выберите верную строку в таблице, которая правильно соотносит гены и виды в приведенной схеме.
а) А
б) Б
в) В
г) Г
→ Узнать ответ
Задание 5. Для передачи сигналов о различных абиотических стрессах в клетках растений важен вторичный посредник, структура которого изображена на рисунке ниже.
Данное соединение:
а) Является динуклеотидом
б) Содержит 2 N-гликозидные связи
в) Содержит гуанин
г) Синтезируется РНК-полимеразой
→ Узнать ответ
Задание 6. ДНК-полимераза I кишечной палочки является первой идентифицированной полимеразой. Фермент представляет из себя полипептид, в котором можно выделить 3 домена: N-концевой домен обладает 5’-3’ экзонуклеазной активностью, C-концевой домен обладает 5’-3’ полимеразной активностью. Наконец, срединный домен обладает 3’-5’ экзонуклеазной активностью. При обработке трипсином можно провести гидролиз ДНК полимеразы I с образованием фрагмента Клёнова (Klenow fragment), у которого отсутствует 5’-3’ экзонуклеазная активность. На рисунке представлены 4 варианта активности. Выберите, какая активность может наблюдаться у фрагмента Клёнова, но не у полного фермента ДНК-полимеразы I.
→ Узнать ответ
Задание 7. В некой популяции попугаев выполняется равновесия Харди-Вайнберга. За окраску оперения отвечает ген А, имеющий 3 аллеля: А1 — красное оперение, А2 — синее оперение, А3 — желтое оперение. Аллель А1 доминирует над остальными аллелями, А2 доминирует над А3. В популяции численностью 1000 особей, 10 попугаев с желтым оперением и 240 с синим оперением. Частота аллели А1 равняется:
а) 0,1
б) 0,2
в) 0,4
г) 0,5
→ Узнать ответ
Задание 8. На рисунке ниже приведена комплементарная пара, формируемая аденином и поврежденным 8-оксогуанином, который в клетке исправляется системами репарации. В эксперименте вы выращиваете клетки в среде с ингибиторами системы репарации и искусственно мутируете в ДНК 8-оксогуанин в позиции X (G* на схеме). Какая доля потомков материнской клетки будет отличаться от ее исходного генотипа по позиции X через 2 раунда деления?
а) 0%
б) 25%
в) 50%
г) 100%
→ Узнать ответ
Скачать можно - https://t.me/addlist/ZEPpKgnkv9dmNDBi
Скачать можно - https://t.me/addlist/ZEPpKgnkv9dmNDBi
Задание 9. Исследователь взял 10000 особей некоторого гермафродитного диплоидного организма и посадил их вместе друг с другом. 6000 из них были доминантными гомозиготами по некоторому аутосомному аллелю, другие 4000 были рецессивными гомозиготами. Через сколько поколений в образовавшейся популяции будет достигнуто равновесие Харди-Вайнберга?
а) 1
б) 2
в) 3
г) Никогда, т.к. организм является гермафродитом
→ Узнать ответ
Задание 10. В процессе прорастания семян растений важную роль может играть циркумнутация – процесс спирального роста зародышевого корешка. В сигнальном каскаде, обеспечивающем циркумнутацию, ключевую роль играет этилен, а также другие фитогормоны, такие как ауксины и цитокинины. Известно, что у мутанта по гену HK1 – гистидинкиназы 1 (мутант обозначен, как hk1) не происходит циркумнутация. Для выяснения места гистидинкиназы 1 в сигнальном каскаде был проведен анализ эффектов от действия зеатина (один из цитокининов) и 1-NAA (аналог ауксина) на мутантов (hk1), а также NPA (антагонист ауксина) на растения дикого типа (WT, DMSO – отрицательный контроль). Выберите из предложенных схем сигнального каскада ту, которая наилучшим образом описывает наблюдаемые эффекты:
→ Узнать ответ
Задание 11. Гены A, B и C регулируют переход от первого фенотипа ко второму, третьему и четвертому и наследуются независимо. Рецессивные аллели этих генов (a, b, c) приводят к потере их функции. Ген А подавляет ген В. Выберите верное утверждение.
а) При скрещивании рецессивной гомозиготы по всем генам и доминантной гомозиготы по всем генам будет наблюдаться расщепление 15:1
б) При скрещивании тригетерозиготы и доминантной гомозиготы по всем генам будет наблюдаться
расщепление 9:4:3
в) При скрещивании тригетерозиготы и рецессивной гомозиготы по всем генам будет расщепление 4:2:2:1
г) При скрещивании двух тригетерозигот получается расщепление 4:48:3:9
→ Узнать ответ
Задание 12. Hox-гены кодируют внутриклеточные регуляторные белки — факторы транскрипции, регулирующие активность многих других генов. У билатерий Hox-гены участвуют в передне-задней разметке различных эмбриональных структур, в том числе — в формировании сегментов и в определении их дальнейшей судьбы. У книдарий тоже есть Hox-гены, однако их функции в онтогенезе слабо изучены. Известно, что у билатерий сбои в работе Hox-генов могут приводить к радикальным изменениям плана строения организма. Чтобы определить, произойдет ли что-то подобное с актинией, исследователи отключали гены (3 Hox-гена (Anthox1a, Anthox8, Anthox6a) и близкого к ним по структуре (Gbx)) при помощи малых РНК. Результаты показаны на картинке (А: области экспрессии четырех генов; B — F: планула в поперечном разрезе; G — K:полип, развившийся из этой планулы). Выберите верное утверждение.
а) Выход из строя любого из четырех генов приводит к тому, что в том месте, где в норме проходит задняя граница области экспрессии отключенного гена, не формируется перегородка между сегментами
б) Результаты свидетельствуют, что, по-видимому, последний общий предок книдарий и билатерий уже имел какую-то сегментацию, формировавшуюся в онтогенезе под контролем Hox-генов
в) В норме из планулы развивается полип с четырьмя щупальцами, выросшими из сегментов №2, 4, 5 и 8
г) Мутант по гену Anthox6a имеет фенотип дикого типа, так как у него развиваются все 4 щупальца
→ Узнать ответ
Скачать можно - https://t.me/addlist/ZEPpKgnkv9dmNDBi
Скачать можно - https://t.me/addlist/ZEPpKgnkv9dmNDBi
Задание 13. На электронной микрофотографии ниже показан результат эксперимента по гибридизации ДНК и РНК. Для этого эксперимента из клеток курицы выделяли мРНК гена овальбумина, вводили метку на ее концы (* на фотографии), и гибридизовали с одноцепочечной ДНК этого же гена. Сколько интронов в гене овальбумина курицы?
а) 5
б) 6
в) 7
г) 8
→ Узнать ответ
Задание 14. На схеме ниже представлена схема эксперимента по изучению механизма распространения Ty-транспозона дрожжей. Внимательно изучив эту схему, выберите, какое наблюдение доказывает данный эксперимент.
а) Ty-транспозон распространяется через репликацию ДНК
б) Ty-транспозон распространяется через механизм “вырезание-вставка”
в) Ty-транспозон теряет часть своего кодирующего участка при каждом новом распространении
г) Ty-транспозон распространяется через механизм обратной транскрипции
→ Узнать ответ
Задание 15. На рисунке ниже изображен жизненный цикл сине-зеленой водоросли ностока (Nostoc sp.). Внимательно изучив данный жизненный цикл, укажите, на каком его этапе происходит редукционное деление (мейоз):
а) в процессе дифференциации вегетативных клеток в гормогонии
б) в процессе созревания гетероцисты
в) в процессе созревания акинеты
г) редукционного деления в жизненном цикле нет
→ Узнать ответ
Скачать можно - https://t.me/addlist/ZEPpKgnkv9dmNDBi
Скачать можно - https://t.me/addlist/ZEPpKgnkv9dmNDBi
Отборочный тур МОШ по Генетике 11 класс
Задание 1. Исследуется биохимический путь пигмента: Белок А превращает бесцветный предшественник (вещество 1) в синий пигмент (вещество 2). Белок B полностью блокирует работу Белка A. Аллели A и B — доминантные и кодируют работающие белки. Мутантные аллели a и b — рецессивные, их белки полностью неактивны. Какое фенотипическое расщепление (по цвету) получится в потомстве от скрещивания двух дигетерозигот (AaBb x AaBb)?
13:3
9:3:3:1
9:3:4
1:1
→ Узнать ответ
Задание 2. Какова вероятность, что среди трех детей, родившихся в семье женщины, больной фенилкетонурией (аутосомно-рецессивное заболевание) и здорового мужчины, все будут здоровы. Частота рецессивного аллеля в популяции — 0.1.
1,25%
91,25%
25%
100%
→ Узнать ответ
Задание 3. На электронной микрофотографии ниже показан результат эксперимента по гибридизации ДНК и РНК. Для этого эксперимента из клеток курицы выделяли мРНК гена овальбумина, вводили метку на ее концы (* на фотографии), и гибридизовали с одноцепочечной ДНК этого же гена.
5
6
7
8
→ Узнать ответ
Скачать можно - https://t.me/addlist/ZEPpKgnkv9dmNDBi
Скачать можно - https://t.me/addlist/ZEPpKgnkv9dmNDBi
Задание 4. В результате двух полногеномных дупликаций у предков позвоночных каждый ген был удвоен, а затем снова удвоен, в результате чего образовалось до четырех копий исходного гена. Такие копии генов, возникшие в результате полногеномных дупликаций, называются онологами. Какое из следующих последствий появления онологов стало ключевым фактором эволюционного успеха и морфологического разнообразия позвоночных?
Полное исчезновение генетической избыточности и упрощение регуляторных сетей
Утрата большинства онологов и возврат к геномной организации, сходной с ланцетником
Усложнение системы генетической регуляции развития за счет специализации онологов и приобретения ими новых функций
Сохранение всех четырёх копий каждого гена в неизменном виде, что привело к простому увеличению количества белков без изменения их функций
→ Узнать ответ
Задание 5. В ходе эмбрионального развития у животных происходит критический переход от управления материнскими продуктами (мРНК и белками) к включению собственного генома зародыша. Этот процесс называется материнско-зиготическим переходом (МЗП). Исследования на рыбке Danio rerio выявили ключевую роль белка Pou5f1 в этом процессе. Результаты экспериментов: Опыт 1: Эмбрионы Danio rerio, лишённые белка Pou5f1, развивались с грубыми нарушениями: гены включались несинхронно и с задержками, дифференцировка клеток нарушалась, и в итоге формировался нежизнеспособный комок клеток. Опыт 2: Методом ChIP-sequencing было показано, что белок Pou5f1 закрепляется на регуляторных участках тысяч генов ещё до начала МЗП. Многие из этих генов — регуляторы развития, чья активность резко возрастает именно во время МЗП. Опыт 3: В местах связывания Pou5f1 с ДНК до наступления МЗП часто обнаруживалась готовая к работе РНК-полимераза II и специфическая эпигенетическая метка (H3K4me3), что указывает на подготовку генов к активной транскрипции. Основываясь на результатах экспериментов, определите, каким образом белок Pou5f1 обеспечивает своевременное и слаженное включение генов зародыша во время МЗП?
Белок Pou5f1 после начала МЗП разрушает материнские мРНК, чтобы они не мешали работе генов зародыша
Pou5f1 заранее, ещё до МЗП, связывается с регуляторными участками генов-регуляторов развития, «подготавливая» их к быстрой и синхронной активации в нужный момент
Основная функция Pou5f1 — поддерживать плюрипотентность эмбриональных стволовых клеток, а его роль в МЗП является побочной и несущественной
Pou5f1 блокирует работу РНК-полимеразы II, предотвращая преждевременную активацию генов зародыша до наступления МЗП
→ Узнать ответ
Задание 6. В пластидах растений как правило функционируют две РНК-полимеразы. Одна (NEP) имеет фаговое происхождение, она является мономерным белком, кодируется ядерным геномом и транскрибирует гены домашнего хозяйства пластид. Другая (PEP) напоминает бактериальную РНК-полимеразу и состоит из нескольких субъединиц. Эта РНК-полимераза транскрибирует гены, связанные с выполнением пластидами своих функций, ее коровая часть закодирована в пластидном геноме.
Что интересно, инициация транскрипции РНК-полимеразы PEP полностью зависит от ядерного генома. Это с связано с тем, что:
В ядре закодирована σ-субъединица (сигма-субъединица) этой полимеразы
В ядре закодированы ферменты, вносящие в промоторы генов модификации, необходимые для связывания данной РНК-полимеразы
Все пластидные белки транслируются цитоплазматическими 80S-рибосомами
В ядре закодированы белки, вызывающие деградацию данной РНК-полимеразы Ответ А
→ Узнать ответ
Задание 7. В процессе прорастания семян растений важную роль может играть циркумнутация – процесс спирального роста зародышевого корешка. В сигнальном каскаде, обеспечивающем циркумнутацию, ключевую роль играет этилен, а также другие фитогормоны, такие как ауксины и цитокинины. Известно, что у мутанта по гену HK1 – гистидинкиназы 1 (мутант обозначен, как hk1) не происходит циркумнутация. Для выяснения места гистидинкиназы 1 в сигнальном каскаде был проведен анализ эффектов от действия зеатина (один из цитокининов) и 1-NAA (аналог ауксина) на мутантов (hk1), а также NPA (антагонист ауксина) на растения дикого типа (WT, DMSO – отрицательный контроль)
Выберите из предложенных схем сигнального каскада ту, которая наилучшим образом описывает наблюдаемые эффекты:
→ Узнать ответ
Скачать можно - https://t.me/addlist/ZEPpKgnkv9dmNDBi
Скачать можно - https://t.me/addlist/ZEPpKgnkv9dmNDBi
Задание 8. У гена А существует два аллеля, мутантный аллель имеет вставку длиной 3000 пн. На рисунке представлена схема гена А и сайт встройки вставки. Стрелками показаны положения трёх пар праймеров (Праймеры 1–2 и Праймеры 1–3), использованных для генотипирования. Были взяты 3 особи A, В, С, выделена геномная ДНК и проведена ПЦР. Результаты электрофореза ПЦР-продуктов представлены на картинке. Проанализируйте схему гена и результаты ПЦР. Определите генотипы образцов А, В и С по гену А (дикий тип, гетерозигота, гомозигота по вставке). Выберите верный вариант образец — генотип
А — дикий тип, В — гомозигота, С — гетерозигота
А — дикий тип, В — гетерозигота, С — гомозигота
А — гомозигота, В — гетерозигота, С — дикий тип
А — гетерозигота, В — гомозигота, С — дикий тип
→ Узнать ответ
Задание 9. Для изучения процесса репликации плазмиды бактерии исследователи внесли в геном набор генов молекулярных маркеров, чье количество в может быть оценено методом количественной ПЦР. Внимательно изучив места вставки молекулярных маркеров и количество их ДНК в культуре бактерий, какой тип репликации характерен для изучаемой плазмиды.
однонаправленная в направлении гена C
однонаправленная в направлении гена B
двунаправленная с одного ориджина
двунаправленная с нескольких ориджинов
→ Узнать ответ
Задание 10. ДНК-полимераза I кишечной палочки является первой идентифицированной полимеразой. Фермент представляет из себя полипептид, в котором можно выделить 3 домена: N-концевой домен обладает 5’-3’ экзонуклеазной активностью, C-концевой домен обладает 5’-3’ полимеразной активностью. Наконец, срединный домен обладает 3’-5’ экзонуклеазной активностью. При обработке трипсином можно провести гидролиз ДНК полимеразы I с образованием фрагмента Клёнова (Klenow fragment), у которого отсутствует 5’-3’ экзонуклеазная активность. На рисунке представлены 4 варианта активности. Выберите, какая активность может наблюдаться у фрагмента Клёнова, но не у полного фермента ДНК-полимеразы I.
→ Узнать ответ
Задание 11. Появление наиболее полной и точной последовательности генома человека, называемой T2T, обязано явлению “пузырного заноса”. Пузырный занос — это дефект развития зародыша, при котором сперматозоид оплодотворяет безъядерную яйцеклетку и вместо нормального зародыша приводит к развитию небольшой доброкачественной опухоли. Именно эту опухоль выделили и секвенировали исследователи, что позволило им собрать геном с наименьшим количеством ошибок и большей длиной некодирующих областей. Укажите, какое преимущество использования клеток пузырного заноса позволило получить сборку превосходящую по качеству предыдущие сборки генома человека.
геном таких клеток не содержит повторяющихся последовательностей, на которых ошибается ДНК-полимераза при секвенировании
такие клетки являются полностью гомозиготными, что позволяет однозначно прочитать нуклеотиды и избавиться от ошибок, связанных с гетерозиготностью человека
клетки пузырного заноса гораздо более генетически однородны, чем полученные в лаборатории культуры клеток взрослого человека
благодаря зародышевому происхождению геном клеток пузырного заноса избавлен от эпигенетических модификаций, связанных с взрослением человека
→ Узнать ответ
Скачать можно - https://t.me/addlist/ZEPpKgnkv9dmNDBi
Скачать можно - https://t.me/addlist/ZEPpKgnkv9dmNDBi
Задание 12. Метабаркодирование — это секвенирование конкретных областей генома организмов в пробах из окружающей среды для установления их таксономического положения. Самый широко используемый ген для метабаркодирования прокариот — ген 16S рРНК, имеет гомологичный ему ген 18S рРНК у эукариот. Для идентификации эукариот, однако, используется ген митохондриальной субъединицы комплекса ЭТЦ COX1. Укажите, по какой причине метабаркодирование эукариот по 18S рРНК не используется на практике?
ген 18S рРНК у эукариот принадлежит высоко полиморфной области, то есть области, где наблюдается много различий даже между видами
такое метабаркодирование не позволит уловить все эукариотические организмы, так как 18S рРНК присутствует не у всех эукариот
ген 18S рРНК слишком консервативен, то есть почти не различается между организмами разных крупных таксонов
ген 18S рРНК слишком длинный и не может быть секвенирован современными приборами
→ Узнать ответ
Задание 13. Предположим, что в одной из популяций организмов, размножающихся половым путем возник новый аллельный вариант гена A, обозначаемый a. Какое эволюционное явление гарантировано приведет к повышению доли аллеля a в этой популяции?
прохождение популяцией бутылочного горлышка сразу после возникновения аллеля a (дрейф генов)
балансирующий отбор
отбор против рецессивных гомозигот
изменение условий среды, снижающее приспособленность особей с аллелем a
→ Узнать ответ
Задание 14. На рисунке ниже приведена комплементарная пара, формируемая аденином и поврежденным 8-оксогуанином, который в клетке исправляется системами репарации. В эксперименте вы выращиваете клетки в среде с ингибиторами системы репарации и искусственно мутируете в ДНК 8-оксогуанин в позиции X (G* на схеме). Какая доля потомков материнской клетки будет отличаться от ее исходного генотипа по позиции X через 2 раунда деления?
0%
25%
50%
100%
→ Узнать ответ
Задание 15. В вашей лаборатории был открыт новый дцДНК бактериофаг MOSH26, распространяющийся через интеграцию в геном хозяина. Не обладая современными методами молекулярной биологии и биоинформатики, вы, тем не менее решили установить размер генома этого фага. В первом эксперименте вы выращивали штамм E.coli, прототрофный по аденину, серину и гистидину (Ade+ Ser+ His+) вместе с фагом MOSH26. Выделив из культуры супернатант с вирусными частицами, вы трансдуцировали им реципиентный прототрофный штамм E.coli (Ade- Ser- His-). Высадив полученные бактерии на селективные среды (без серина либо без гистидина) вы отобрали рекомбинантов и подсчитали их долю (см. таблицу). Во втором эксперименте методом прерывания конъюгации вы определили порядок интересующих вас селективных маркеров в геноме E.coli и составили генетическую карту, где расстояние между генами измеряется в минутах до прерывания конъюгации, достаточных для переноса гена от одной бактерии к другой (см. рисунок)
375 тыс пар оснований
460 тыс пар оснований
830 тыс пар оснований
1 млн пар оснований
→ Узнать ответ
Скачать можно - https://t.me/addlist/ZEPpKgnkv9dmNDBi
Скачать можно - https://t.me/addlist/ZEPpKgnkv9dmNDBi